高二本身的知識體系而言，它主要是對高一知識的深入和新知識模塊的補充。以數(shù)學(xué)為例，除去不同學(xué)校教學(xué)進(jìn)度的不同，我們會在高二接觸到更為深入的函數(shù)，也將開始學(xué)習(xí)從未接觸過的復(fù)數(shù)、圓錐曲線等題型。高二頻道為你整理了《高二下學(xué)期化學(xué)暑假作業(yè)答案》希望對你有所幫助！
【篇一】
1.D
考點：葡萄糖的性質(zhì)和用途.菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有
分析：葡萄糖含有醛基，故可與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成紅色沉淀，依此進(jìn)行判斷.
解答：解：A.食醋的主要成分是乙酸，不含有醛基，故不能與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，故A錯誤;
B.白酒的主要成分是乙醇，不含有醛基，故不能與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，故B錯誤;
C.食鹽的主要成分是氯化鈉，不含有醛基，故不能與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，故A錯誤;
D.葡萄糖含有醛基，故可與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成紅色沉淀，故D正確;
故選D.
點評：本題考查常見物質(zhì)的性質(zhì)，難度不大.要注意含有醛基的物質(zhì)，可與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成紅色沉淀.
2.A
考點：有機(jī)高分子化合物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì).
分析：高分子化合物相對分子質(zhì)量特別大一般達(dá)1萬以上、一般具有重復(fù)結(jié)構(gòu)單元.
解答：解：A.蛋白質(zhì)相對分子質(zhì)量較大，屬于高分子化合物，故A正確;
B.油脂相對分子質(zhì)量較小，不屬于高分子化合物，故B錯誤;
C.葡萄糖是單糖，相對分子質(zhì)量較小，不屬于高分子化合物，故C錯誤;
D.蔗糖屬于二糖，葡萄糖屬于單糖，相對分子質(zhì)量不很大，不屬于高分子化合物，故D錯誤.
故選A.
點評：本題考查生命中的基礎(chǔ)有機(jī)化學(xué)物質(zhì)，難度較小，清楚高分子化合物概念及常見的高分子化合物即可解答.
3.B
4.D
解：A.油脂在酸性條件下水解生成高級脂肪酸和丙三醇，故A正確;
B.碘單質(zhì)遇淀粉變藍(lán)色，若變藍(lán)則水解不完全，故B正確;
C.蛋白質(zhì)水解的最終產(chǎn)物均為氨基酸，故C正確;
D.因淀粉和纖維素水解的產(chǎn)物都是葡萄糖，故D錯誤.
故選D.
5.D
6.B
略
7.A
略
8.(1)H2SO4;NaOH;Cu(OH)2;
(2)否;葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行;
(3)加入碘水，看是否變藍(lán)，若變藍(lán)說明部分水解，若不變藍(lán)說明水解完全.
解：(1)淀粉需要在稀硫酸作催化劑條件下發(fā)生水解反應(yīng)，所以A為H2SO4;得到的磚紅色沉淀為氧化亞銅，說明試劑C為Cu(OH)2混懸液，葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行，所以加入氫氧化銅懸濁液前需要用NaOH溶液中和，則B為NaOH，
故答案為：H2SO4;NaOH;Cu(OH)2;
(2)由于葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行，所以加入氫氧化銅懸濁液前必須加入NaOH溶液中和，
故答案為：否;葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行;
(3)淀粉遇到碘單質(zhì)顯示藍(lán)色，所以向溶液中加入碘水，若變藍(lán)說明淀粉沒有完全水解，若不變藍(lán)說明淀粉已經(jīng)完全水解，
故答案為：加入碘水，看是否變藍(lán)，若變藍(lán)說明部分水解，若不變藍(lán)說明水解完全.
9.(1)淀粉溶液葡萄糖溶液蔗糖溶液
(2)①C12H12O11+H2OC6H12O6+C6H12O6
蔗糖葡萄糖果糖
②(C6H10O5-)n+nH2OnC6H12O6
淀粉葡萄糖
解析A遇碘水變藍(lán)色，則A為淀粉;葡萄糖不能發(fā)生水解反應(yīng)，且葡萄糖分子結(jié)構(gòu)中含有醛基，能與銀氨溶液發(fā)生銀鏡反應(yīng)，故B為葡萄糖，C為蔗糖。
【篇二】
一、選擇題(本題共7道小題1.下列各組元素性質(zhì)的遞變情況錯誤的是()
A.Na、Mg、Al原子最外層電子數(shù)依次增多
B.P、S、Cl元素正價依次升高
C.N、O、F第一電離能依次增大
D.Na、K、Rb電負(fù)性逐漸減小
2.下列表示式錯誤的是()
A.Na+的軌道表示式：
B.Na+的結(jié)構(gòu)示意圖：
C.Na的電子排布式：1s22s22p63s1
D.Na的簡化電子排布式：[Ne]3s1
3.短周期原子序數(shù)依次增大的主族元素R、T、Q、w、Y具有如下信息：①R、Y原子的最外層電子數(shù)與電子層數(shù)相同;@Q是地殼中含量的元素，R與T的核電荷數(shù)之和等于Q的核電荷數(shù);③w與R同主旅。下列說法正確的是()
A.T、Q、w、Y的原子半徑大小為：T乙>甲
D.甲、乙和丙分子均為由極性鍵構(gòu)成的極性分子
(3)由元素J、C、E組成一種化學(xué)式為J(CE)的配位化合物，該物質(zhì)常溫下呈液態(tài)，熔點為
一20.5℃，沸點為103~C，易溶于非極性溶劑。據(jù)此可判斷：該化合物的晶體中存在的作用力有()
A.離子鍵B.極性鍵C.非極性鍵D.范德華力E.氫鍵F.配位鍵
Ⅱ.(1)BCl3中B原子的雜化方式為。第一電離能介于B、N之間的第二周期元素有種。寫出與BCl3結(jié)構(gòu)相同的一種等電子體(寫離子)。
(2)科學(xué)家測得膽礬中既含有配位鍵，又含有氫鍵，其結(jié)構(gòu)示意圖可簡單表示如下：
①膽礬的化學(xué)式用配合物的形式表示為的
②膽礬中SO42-的空間構(gòu)型為
評卷人
得分
三、實驗題(本題共0道小題,,共0分) 試卷答案
1.C
考點：同一周期內(nèi)元素性質(zhì)的遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系;同一主族內(nèi)元素性質(zhì)遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系.
分析：A、根據(jù)Na、Mg、Al原子的核外電子排布分析;
B、根據(jù)P、S、Cl最外層電子數(shù)目=元素的正價(氧、氟除外);
C、同周期從左到右元素的第一電離能依次減小，第IIIA和第VA族反常;
D、同主族元素從上到下元素的電負(fù)性逐漸減弱.
解答：解：A、Na、Mg、Al原子的核外電子分別為11、12、13，原子最外層電子數(shù)分別為1、2、3，逐漸增多，故A正確;
B、P、S、Cl最外層電子數(shù)目分別為5、6、7，正化合價分別為+5、+6、+7，故B正確;
C、同周期從左到右元素的第一電離能依次減小，第IIIA和第VA族反常，O、N、F第一電離能依次增大，故C錯誤;
D.同主族元素從上到下元素的電負(fù)性依次減弱，則Na、K、Rb元素的電負(fù)性逐漸減小，故D正確.
故選C.
點評：本題考查元素周期律，明確同主族、同周期元素的性質(zhì)變化規(guī)律是解答本題的關(guān)鍵，難度不大.
2.A
考點：原子核外電子排布;原子結(jié)構(gòu)示意圖.
分析：鈉原子的電子排布式為1s22s22p63s1，或?qū)憺閇Ne]3s1，Na+的原子核內(nèi)有11個質(zhì)子，核外有10個電子，Na為金屬元素，易失去電子，所以其價電子排布式為：3s1，軌道表示式用箭頭“↑”或“↓”來區(qū)別自旋方向的不同電子，每個軌道最多容納2個電子且自旋方向相反，據(jù)此分析解答.
解答：解：A.軌道表示式用一個方框或圓圈表示能級中的軌道，用箭頭“↑”或“↓”來區(qū)別自旋方向的不同電子，每個軌道最多容納2個電子，2個電子處于同一軌道內(nèi)，且自旋方向相反，所以Na+的軌道表示式：，故A錯誤;
B.Na+的原子核內(nèi)有11個質(zhì)子，核外有10個電子，結(jié)構(gòu)示意圖為，故B正確;
C.鈉原子的電子排布式為1s22s22p63s1，或?qū)憺閇Ne]3s1，故C正確;
D.鈉原子的簡化電子排布式為[Ne]3s1，故D正確;
故選A.
點評：本題考查原子核外電子排布，為高考常見題型，難度不大，注意把握原子核外電子的排布規(guī)律，把握電子排布式和軌道式的書寫方法.
3.B
知識點:位置、結(jié)構(gòu)、性質(zhì)的相互關(guān)系應(yīng)用
答案解析:B解析：短周期原子序數(shù)依次增大的主族元素R、T、Q、W、Y，Q是地殼中含量的元素，則Q是O元素;R與T的核電荷數(shù)之和等于Q的核電荷數(shù)，且R原子的最外層電子數(shù)等于其單質(zhì)層數(shù)，則R是H，T是N元素;Y原子的最外層電子數(shù)等于其電子層數(shù)，且Y的原子序數(shù)大于O元素，則Y電子層數(shù)為3、其最外層電子數(shù)是3，則Y是Al元素;W與R同主族且W原子序數(shù)大于O而小于Al，則W為Na。
A.原子的電子層數(shù)越大，其原子半徑越大，同一周期元素中，原子半徑隨著原子序數(shù)的增大而減小，所以元素T、Q、W、Y的原子半徑大小為：Q
錯誤;B.元素Q與W形成的兩種常見化合物分別是Na2O、Na2O2，氧化鈉、過氧化鈉中含有相同比例的陰、陽離子，其陰陽離子之比為1：2，正確;C.Q與Y組成的常見物質(zhì)是Al2O3，氧化鋁是一種兩性物質(zhì)，錯誤;D.由Y和T組成的物質(zhì)AlN，AlN屬于原子晶體，在電子和陶瓷工業(yè)上有廣泛應(yīng)用，可以直接由單質(zhì)Y和T在高溫下生成，錯誤。
思路點撥:本題考查了元素位置結(jié)構(gòu)性質(zhì)的相互關(guān)系及應(yīng)用，明確原子結(jié)構(gòu)、元素周期表結(jié)構(gòu)是解本題關(guān)鍵，根據(jù)原子結(jié)構(gòu)確定元素，再結(jié)合物質(zhì)結(jié)構(gòu)、元素周期律來分析解答，注意過氧化鈉的陰陽離子分別是過氧根離子和鈉離子，為易錯點。
4.D
考點：鍵能、鍵長、鍵角及其應(yīng)用;原子核外電子排布;判斷簡單分子或離子的構(gòu)型.
分析：A.根據(jù)鍵長越短，鍵能越大判斷;
B.上下兩個頂點與中心R原子形成的鍵角為180°，中間為平面三角形，構(gòu)成三角形的鍵角為120°，頂點與平面形成的鍵角為90°;
C.RCl5RCl3+Cl2↑;
D.R原子最外層有5個電子，形成5個共用電子對.
解答：解：A.鍵長越短，鍵能越大，鍵長不同，所以鍵能不同，故A正確;
B.上下兩個頂點與中心R原子形成的鍵角為180°，中間為平面三角形，構(gòu)成三角形的鍵角為120°，頂點與平面形成的鍵角為90°，所以鍵角(Cl﹣R﹣Cl)有90°、120、180°幾種，故B正確;
C.RCl5RCl3+Cl2↑，則RCl5受熱后會分解生成分子立體結(jié)構(gòu)呈三角錐形的RCl3，故C正確;
D.R原子最外層有5個電子，形成5個共用電子對，所以RCl5中R的最外層電子數(shù)為10，不滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，故D錯誤.
故選D.
點評：本題考查了鍵角、鍵能、8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)等，題目難度不大，注意分析題目中分子的立體結(jié)構(gòu)圖.
5.C
考點：原子結(jié)構(gòu)與元素周期律的關(guān)系;原子結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì).
分析：短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，W、X原子的最外層電子數(shù)之比為4：3，由于為主族元素，最外層電子數(shù)不能為8，故W、X最外層電子數(shù)分別為4、3，且X原子序數(shù)較大，故W處于第二周期，X處于第三周期，可推知W為C元素、X為Al元素，Z原子比X原子的核外電子數(shù)多4，則Z為Cl，Y為Al到Cl之間的元素，據(jù)此解答.
解答：解：短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，W、X原子的最外層電子數(shù)之比為4：3，由于為主族元素，最外層電子數(shù)不能為8，故W、X最外層電子數(shù)分別為4、3，且X原子序數(shù)較大，故W處于第二周期，X處于第三周期，可推知W為C元素、X為Al元素，Z原子比X原子的核外電子數(shù)多4，則Z為Cl，Y為Al到Cl之間的元素.
A.若Y為Si，則電負(fù)性Si
B.同周期自左而右原子半徑減小，電子層越多原子半徑越大，故原子半徑X>Y>Z>W，故B錯誤;
C.Y、Cl形成的分子可以為SiCl4，為正四面體構(gòu)型，故C正確;
D.WY2分子應(yīng)為CS2，結(jié)構(gòu)式為S=C=S，分子中δ鍵與π鍵的數(shù)目之比是1：1，故D錯誤，
故選C.
點評：本題考查結(jié)構(gòu)性質(zhì)位置關(guān)系應(yīng)用，涉及原子電負(fù)性、半徑比較、化學(xué)鍵、分子結(jié)構(gòu)等，推斷元素是解題關(guān)鍵，注意Y元素的不確定性，難度中等.
6.B
考點：微粒半徑大小的比較;元素周期律的作用;元素電離能、電負(fù)性的含義及應(yīng)用;鍵能、鍵長、鍵角及其應(yīng)用.
專題：元素周期律與元素周期表專題.
分析：A.電子層結(jié)構(gòu)相同，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，電子層越多離子半徑越大;
B.非金屬性越強電負(fù)性越強，價含氧酸的酸性越強;
C.甲烷為正四面體，二氧化碳為直線型，水分子為V形，氧原子有2對孤電子對，孤電子對之間排斥大于成鍵電子對，鍵角小于甲烷，據(jù)此判斷鍵角;
D.離子電荷相同，離子半徑越大離子鍵越弱，物質(zhì)越不穩(wěn)定.
解答：解：A.F﹣、O2﹣、Na+電子層結(jié)構(gòu)相同，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，故離子半徑O2﹣>F﹣>Na+，Li+電子層最少，故離子半徑最小，則微粒半徑：O2﹣>F﹣>Na+>Li+，故A錯誤;
B.非金屬性CC，酸性：HClO4>H2CO3，故B正確;
C.甲烷為正四面體，二氧化碳為直線型，水為V形，氧原子有2對孤電子對，孤電子對之間排斥大于成鍵電子對，故其鍵角小于甲烷，即分子中的鍵角：CO2>CH4>H2O，故C錯誤;
D.離子電荷相同，自上而下堿金屬離子半徑減小，故離子鍵強度LiCl>NaCl>KCl>RbCl，故穩(wěn)定性LiCl>NaCl>KCl>RbCl，故D錯誤，
故選B.
點評：本題考查微粒半徑比較、元素周期律、鍵參數(shù)、晶體類型與性質(zhì)等，注意根據(jù)價層電子對互斥理論判斷鍵角.
7.D
【知識點】原子結(jié)構(gòu)與元素周期率的關(guān)系
解析:X、Y、Z、W、M五種短周期元素，Y的單質(zhì)晶體熔點高、硬度大，是一種重要的半導(dǎo)體材料，可知Y為Si;X、Y、Z、W同周期，都處于第三周期，由X+與M2-具有相同的電子層結(jié)構(gòu)，可知X為Na、M為O;Z、M同主族，則Z為S;原子半徑：Z>W，則W為Cl。A.鈉和氧可以形成Na2O、Na2O2，故A錯誤;C.因水分子中存在氫鍵，所以水的沸點，沸點為H2O>HCl>H2S，故C錯誤;B.元素Y(Si)、Z(S)、W(Cl)的單質(zhì)晶體分別屬于原子晶體、分子晶體、分子晶體，故B錯誤;D.元素W和M的某些單質(zhì)如氯氣和臭氧可作為水處理中的消毒劑，正確。
【思路點撥】本題考查了位置結(jié)構(gòu)性質(zhì)關(guān)系應(yīng)用，難度中等，“Y是種重要的半導(dǎo)體材料、X+與M2-具有相同的電子層結(jié)構(gòu)”是推斷突破口，注意D選項中高純硅的制備原理，注意對基礎(chǔ)知識的積累掌握.
8.(1)①三角錐型;sp3;②3;
(2)①強;平面三角形;三角錐形;
②H2SeO3和H2SeO4可表示為(HO)2SeO和(HO)2SeO2，H2SeO3中的Se為+4價，而H2SeO4中的Se為+6價，正電性更高，導(dǎo)致Se﹣O﹣H中O的電子更向Se偏移，更易電離出H+.
考點：判斷簡單分子或離子的構(gòu)型;物質(zhì)的量的相關(guān)計算;同一主族內(nèi)元素性質(zhì)遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系;原子軌道雜化方式及雜化類型判斷.
分析：(1)①根據(jù)價層電子對互斥模型判斷分子空間構(gòu)型，根據(jù)中心原子價層電子對數(shù)判斷雜化方式;
②根據(jù)化學(xué)方程式計算產(chǎn)生的氮氣的物質(zhì)的量，再根據(jù)每個氮分子中含有2個π鍵計算;
(2)①非金屬性越強的元素，其與氫元素的結(jié)合能力越強，則其氫化物在水溶液中就越難電解，酸性就越弱;根據(jù)價層電子對互斥理論確定氣態(tài)SeO3分子的立體構(gòu)型、SO32﹣離子的立體構(gòu)型;
②根據(jù)中心元素Se的化合價可以判斷電性高低，電性越高，對Se﹣O﹣H中O原子的電子吸引越強，越易電離出H+.
解答：解：(1)①在NH3分子中，有3個N﹣H鍵，和一對孤電子對，根據(jù)價層電子對互斥模型判斷分子空間構(gòu)型為三角錐型，在N2H4中，氮原子價層電子對數(shù)為=4，所以氮原子的雜化方式為sp3雜化，故答案為：三角錐型;sp3;
②反應(yīng)中有4molN﹣H鍵斷裂，即有1molN2H4參加反應(yīng)，根據(jù)化學(xué)方程式可知產(chǎn)生的氮氣的物質(zhì)的量為1.5mol，而每個氮分子中含有2個π鍵，所以形成3molπ鍵，故答案為：3;
(2)①非金屬性越強的元素，其與氫元素的結(jié)合能力越強，則其氫化物在水溶液中就越難電解，酸性就越弱，非金屬性S>Se，所以H2Se的酸性比H2S強;
氣態(tài)SeO3分子中Se原子價層電子對個數(shù)是3且不含孤電子對，所以其立體構(gòu)型為平面三角形;
SO32﹣離子中S原子價層電子對個數(shù)=3+(6+2﹣3×2)=4且含有一個孤電子對，所以其立體構(gòu)型為三角錐形，
故答案為：強;平面三角形;三角錐形;
②H2SeO3和H2SeO4可表示成(HO)2SeO和(HO)2SeO2，H2SeO3中的Se為+4價，而H2SeO4中的Se為+6價，正電性更高，導(dǎo)致Se﹣O﹣H中O的電子更向Se偏移，越易電離出H+，H2SeO4比H2SeO3酸性強，
故答案為：H2SeO3和H2SeO4可表示為(HO)2SeO和(HO)2SeO2，H2SeO3中的Se為+4價，而H2SeO4中的Se為+6價，正電性更高，導(dǎo)致Se﹣O﹣H中O的電子更向Se偏移，更易電離出H+.
點評：本題主要考查了原子核外電子排布、分子空間構(gòu)型、原子雜化方式、化學(xué)鍵的計算等知識，難度不大，(1)解題中注意對分子結(jié)構(gòu)的分析.
9.(1)M94(2)二氧化硅(3)共價鍵3
(4)Mg2Si+4NH4Cl==SiH4+4NH3+2MgCl2
(5)①C—C鍵和C—H鍵較強，所形成的烷烴穩(wěn)定。而硅烷中Si—Si鍵和Si—H鍵的鍵能較低，易斷裂。導(dǎo)致長鏈硅烷難以生成
②C—H鍵的鍵能大于C—O鍵，C一H鍵比C—O鍵穩(wěn)定。而Si—H鍵的鍵能卻遠(yuǎn)小于Si—O鍵，所以Si—H鍵不穩(wěn)定而傾向于形成穩(wěn)定性更強的Si—O鍵
(6)sp31：3[SiO3]n2n-(或SiO32-)
知識點:物質(zhì)結(jié)構(gòu)與元素周期律
解析：(1)硅原子核外有14個電子，其基態(tài)原子的核外電子排布式為1s22s22p63s23p2，對應(yīng)能層分別別為K、L、M，其中能量的是最外層M層，該能層有s、p、d三個能級，s能級有1個軌道，p能級有3個軌道，d能級有5個軌道，所以共有9個原子軌道，硅原子的M能層有4個電子(3s23p2);
(2)硅元素在自然界中主要以化合態(tài)(二氧化硅和硅酸鹽)形式存在;
(3)硅晶體和金剛石晶體類似都屬于原子晶體，硅原子之間以共價鍵結(jié)合.在金剛石晶體的晶胞中，每個面心有一個碳原子(晶體硅類似結(jié)構(gòu))，根據(jù)均攤法知面心位置貢獻(xiàn)的原子為6×1/2=3個;
(4)Mg2Si和NH4Cl在液氨介質(zhì)中反應(yīng)制得SiH4、NH3和MgCl2，方程式為：Mg2Si+4NH4Cl=SiH4+4NH3+2MgCl2;
(5)①烷烴中的C-C鍵和C-H鍵大于硅烷中的Si-Si鍵和Si-H鍵的鍵能，所以硅烷中Si-Si鍵和Si-H鍵的鍵能易斷裂，導(dǎo)致長鏈硅烷難以生成;②鍵能越大、物質(zhì)就越穩(wěn)定，C-H鍵的鍵能大于C-O鍵，故C-H鍵比C-O鍵穩(wěn)定，而Si-H鍵的鍵能遠(yuǎn)小于Si-O鍵，所以Si-H鍵不穩(wěn)定而傾向于形成穩(wěn)定性更強的Si-O鍵;
(6)硅酸鹽中的硅酸根(SiO44−)為正四面體結(jié)構(gòu)，所以中心原子Si原子采取了sp3雜化方式;根據(jù)圖(b)的一個結(jié)構(gòu)單元中含有1個硅、3個氧原子，化學(xué)式為SiO32-。
思路點撥:雜化方式看物質(zhì)的結(jié)構(gòu)比如：直線型為sp，平面型為sp2，四面體型為sp3,或運用價電子對數(shù)計算法：對于ABm型分子(A為中心原子，B為配位原子)，分子的價電子對數(shù)可以通過下列計算確定：n=1/2(中心原子的價電子數(shù)+每個配位原子提供的價電子數(shù)×m)，配位原子中鹵素原子、氫原子提供1個價電子，氧原子和硫原子按不提供價電子計算;若為離子，須將離子電荷計算在內(nèi)：n=1/2(中心原子的價電子數(shù)+每個配位原子提供的價電子數(shù)×m±離子電荷數(shù))，陽離子取“-”，陰離子取“+”。根據(jù)價電子對數(shù)可以有以下結(jié)論：
分子價電子對數(shù)幾何構(gòu)型中心原子雜化類型
BeCl22直線型sp
BF33平面三角形sp2
SiCl44正四面體sp3
價層孤VS立體 SO330sp2平面三角 CH440sp3正四面體 NH4+40sp3正四面體 H2O42sp3V BF330sp2平面三角 CO32-30sp2平面三角 SO231sp2V NH341sp3三角錐
10.I.(1);F>N>O>C(2)CD(3)BDF
(3)根據(jù)其性質(zhì)可知應(yīng)為分子晶體，晶體中存在范德華力，Cr(CO)5為配位化合物，其中含有配位鍵，CO中存在碳氧極性鍵。
Ⅱ.(1)sp2;3;NO3-或CO32-.
(2)①[Cu(H2O)4SO4]·H2O②正四面體.
知識點:原子軌道雜化方式及雜化類型判斷，“等電子原理”的應(yīng)用，不同晶體的結(jié)構(gòu)微粒及微粒間作用力的區(qū)別，元素周期律和元素周期表的綜合應(yīng)用
答案解析:I(1);F>N>O>C(2)CD(3)BDF
(3)根據(jù)其性質(zhì)可知應(yīng)為分子晶體，晶體中存在范德華力，Cr(CO)5為配位化合物，其中含有配位鍵，CO中存在碳氧極性鍵。
Ⅱ.(1)sp2;3;NO3-或CO32-.
(2)①[Cu(H2O)4SO4]·H2O②正四面體.
解析：由元素在周期表中位置，可知A為氫、B為Be、C為碳、D為氮、E為氧、F為氟、G為Al、H為Cl、I為Cr、J為Fe. (1)I為Cr，核外電子數(shù)目為24，其核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d54s1，價電子排布圖為;同周期自左而右元素第一電離能呈增大趨勢，N元素原子各軌道處于全滿、半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量較低，第一電離能高于同周期相鄰元素，故第一電離能：F>N>O>C。
(2)元素A分別與C、D、E形成最簡單的常見化合物分子甲、乙和丙分別為CH4、NH3、H2O， A.CH4、NH3、H2O的空間構(gòu)型分別為正四面體形、三角錐形、V形，故A正確;B.CH4、NH3、H2O中，中心原子均價層電子對數(shù)均為4，均采取sp3的雜化方式，故B正確;C.由于排斥力：孤電子對-孤電子對>孤電子對-成鍵電子對>成鍵電子-成鍵電子，故鍵角甲烷>氨氣>水，故C錯誤;D.甲烷是非極性分子，故D錯誤。
Ⅱ.(1)BCl3中的B原子的價層電子對數(shù)是3且不含孤電子對，所以B原子屬于sp2雜化;同一周期元素中，元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而呈增大趨勢，但第IIA族、第VA族元素第一電離能大于相鄰元素，根據(jù)電離能的變化規(guī)律，半充滿的N原子和全充滿的Be原子第一電離能要比同周期原子序數(shù)大的原子高，故第一電離能介于B、N之間的第二周期元素有Be、C、O三種元素;BCl3互為等電子體的陰離子為：NO3-或CO32-。
(2)①根據(jù)其結(jié)構(gòu)示意圖可以得到膽礬的化學(xué)式為：[Cu(H2O)4SO4]·H2O。
②SO42-中中心原子S的價層電子對數(shù)=4+(6+2−2×4)/2=4、孤電子對數(shù)為0，為正四面體結(jié)構(gòu).
思路點撥:本題是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)的考查，涉及元素周期表、元素周期律、核外電子排布、分子結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、配合物、氫鍵等，難度中等，側(cè)重考查學(xué)生對知識的應(yīng)用，需要學(xué)生具備扎實的基礎(chǔ);物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，較為綜合，題目難度中等，本題注意把握晶格能的大小比較、空間構(gòu)型的判斷方法。
1.D
考點：葡萄糖的性質(zhì)和用途.菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有
分析：葡萄糖含有醛基，故可與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成紅色沉淀，依此進(jìn)行判斷.
解答：解：A.食醋的主要成分是乙酸，不含有醛基，故不能與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，故A錯誤;
B.白酒的主要成分是乙醇，不含有醛基，故不能與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，故B錯誤;
C.食鹽的主要成分是氯化鈉，不含有醛基，故不能與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，故A錯誤;
D.葡萄糖含有醛基，故可與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成紅色沉淀，故D正確;
故選D.
點評：本題考查常見物質(zhì)的性質(zhì)，難度不大.要注意含有醛基的物質(zhì)，可與新制備氫氧化銅濁液在加熱條件下發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成紅色沉淀.
2.A
考點：有機(jī)高分子化合物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì).
分析：高分子化合物相對分子質(zhì)量特別大一般達(dá)1萬以上、一般具有重復(fù)結(jié)構(gòu)單元.
解答：解：A.蛋白質(zhì)相對分子質(zhì)量較大，屬于高分子化合物，故A正確;
B.油脂相對分子質(zhì)量較小，不屬于高分子化合物，故B錯誤;
C.葡萄糖是單糖，相對分子質(zhì)量較小，不屬于高分子化合物，故C錯誤;
D.蔗糖屬于二糖，葡萄糖屬于單糖，相對分子質(zhì)量不很大，不屬于高分子化合物，故D錯誤.
故選A.
點評：本題考查生命中的基礎(chǔ)有機(jī)化學(xué)物質(zhì)，難度較小，清楚高分子化合物概念及常見的高分子化合物即可解答.
3.B
4.D
解：A.油脂在酸性條件下水解生成高級脂肪酸和丙三醇，故A正確;
B.碘單質(zhì)遇淀粉變藍(lán)色，若變藍(lán)則水解不完全，故B正確;
C.蛋白質(zhì)水解的最終產(chǎn)物均為氨基酸，故C正確;
D.因淀粉和纖維素水解的產(chǎn)物都是葡萄糖，故D錯誤.
故選D.
5.D
6.B
略
7.A
略
8.(1)H2SO4;NaOH;Cu(OH)2;
(2)否;葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行;
(3)加入碘水，看是否變藍(lán)，若變藍(lán)說明部分水解，若不變藍(lán)說明水解完全.
解：(1)淀粉需要在稀硫酸作催化劑條件下發(fā)生水解反應(yīng)，所以A為H2SO4;得到的磚紅色沉淀為氧化亞銅，說明試劑C為Cu(OH)2混懸液，葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行，所以加入氫氧化銅懸濁液前需要用NaOH溶液中和，則B為NaOH，
故答案為：H2SO4;NaOH;Cu(OH)2;
(2)由于葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行，所以加入氫氧化銅懸濁液前必須加入NaOH溶液中和，
故答案為：否;葡萄糖和新制氫氧化銅的反應(yīng)應(yīng)該在堿性條件下進(jìn)行;
(3)淀粉遇到碘單質(zhì)顯示藍(lán)色，所以向溶液中加入碘水，若變藍(lán)說明淀粉沒有完全水解，若不變藍(lán)說明淀粉已經(jīng)完全水解，
故答案為：加入碘水，看是否變藍(lán)，若變藍(lán)說明部分水解，若不變藍(lán)說明水解完全.
9.(1)淀粉溶液葡萄糖溶液蔗糖溶液
(2)①C12H12O11+H2OC6H12O6+C6H12O6
蔗糖葡萄糖果糖
②(C6H10O5-)n+nH2OnC6H12O6
淀粉葡萄糖
解析A遇碘水變藍(lán)色，則A為淀粉;葡萄糖不能發(fā)生水解反應(yīng)，且葡萄糖分子結(jié)構(gòu)中含有醛基，能與銀氨溶液發(fā)生銀鏡反應(yīng)，故B為葡萄糖，C為蔗糖。
一、選擇題(本題共7道小題1.下列各組元素性質(zhì)的遞變情況錯誤的是()
A.Na、Mg、Al原子最外層電子數(shù)依次增多
B.P、S、Cl元素正價依次升高
C.N、O、F第一電離能依次增大
D.Na、K、Rb電負(fù)性逐漸減小
2.下列表示式錯誤的是()
A.Na+的軌道表示式：
B.Na+的結(jié)構(gòu)示意圖：
C.Na的電子排布式：1s22s22p63s1
D.Na的簡化電子排布式：[Ne]3s1
3.短周期原子序數(shù)依次增大的主族元素R、T、Q、w、Y具有如下信息：①R、Y原子的最外層電子數(shù)與電子層數(shù)相同;@Q是地殼中含量的元素，R與T的核電荷數(shù)之和等于Q的核電荷數(shù);③w與R同主旅。下列說法正確的是()
A.T、Q、w、Y的原子半徑大小為：T乙>甲
D.甲、乙和丙分子均為由極性鍵構(gòu)成的極性分子
(3)由元素J、C、E組成一種化學(xué)式為J(CE)的配位化合物，該物質(zhì)常溫下呈液態(tài)，熔點為
一20.5℃，沸點為103~C，易溶于非極性溶劑。據(jù)此可判斷：該化合物的晶體中存在的作用力有()
A.離子鍵B.極性鍵C.非極性鍵D.范德華力E.氫鍵F.配位鍵
Ⅱ.(1)BCl3中B原子的雜化方式為。第一電離能介于B、N之間的第二周期元素有種。寫出與BCl3結(jié)構(gòu)相同的一種等電子體(寫離子)。
(2)科學(xué)家測得膽礬中既含有配位鍵，又含有氫鍵，其結(jié)構(gòu)示意圖可簡單表示如下：
①膽礬的化學(xué)式用配合物的形式表示為的
②膽礬中SO42-的空間構(gòu)型為
評卷人
得分
三、實驗題(本題共0道小題,,共0分) 試卷答案
1.C
考點：同一周期內(nèi)元素性質(zhì)的遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系;同一主族內(nèi)元素性質(zhì)遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系.
分析：A、根據(jù)Na、Mg、Al原子的核外電子排布分析;
B、根據(jù)P、S、Cl最外層電子數(shù)目=元素的正價(氧、氟除外);
C、同周期從左到右元素的第一電離能依次減小，第IIIA和第VA族反常;
D、同主族元素從上到下元素的電負(fù)性逐漸減弱.
解答：解：A、Na、Mg、Al原子的核外電子分別為11、12、13，原子最外層電子數(shù)分別為1、2、3，逐漸增多，故A正確;
B、P、S、Cl最外層電子數(shù)目分別為5、6、7，正化合價分別為+5、+6、+7，故B正確;
C、同周期從左到右元素的第一電離能依次減小，第IIIA和第VA族反常，O、N、F第一電離能依次增大，故C錯誤;
D.同主族元素從上到下元素的電負(fù)性依次減弱，則Na、K、Rb元素的電負(fù)性逐漸減小，故D正確.
故選C.
點評：本題考查元素周期律，明確同主族、同周期元素的性質(zhì)變化規(guī)律是解答本題的關(guān)鍵，難度不大.
2.A
考點：原子核外電子排布;原子結(jié)構(gòu)示意圖.
分析：鈉原子的電子排布式為1s22s22p63s1，或?qū)憺閇Ne]3s1，Na+的原子核內(nèi)有11個質(zhì)子，核外有10個電子，Na為金屬元素，易失去電子，所以其價電子排布式為：3s1，軌道表示式用箭頭“↑”或“↓”來區(qū)別自旋方向的不同電子，每個軌道最多容納2個電子且自旋方向相反，據(jù)此分析解答.
解答：解：A.軌道表示式用一個方框或圓圈表示能級中的軌道，用箭頭“↑”或“↓”來區(qū)別自旋方向的不同電子，每個軌道最多容納2個電子，2個電子處于同一軌道內(nèi)，且自旋方向相反，所以Na+的軌道表示式：，故A錯誤;
B.Na+的原子核內(nèi)有11個質(zhì)子，核外有10個電子，結(jié)構(gòu)示意圖為，故B正確;
C.鈉原子的電子排布式為1s22s22p63s1，或?qū)憺閇Ne]3s1，故C正確;
D.鈉原子的簡化電子排布式為[Ne]3s1，故D正確;
故選A.
點評：本題考查原子核外電子排布，為高考常見題型，難度不大，注意把握原子核外電子的排布規(guī)律，把握電子排布式和軌道式的書寫方法.
3.B
知識點:位置、結(jié)構(gòu)、性質(zhì)的相互關(guān)系應(yīng)用
答案解析:B解析：短周期原子序數(shù)依次增大的主族元素R、T、Q、W、Y，Q是地殼中含量的元素，則Q是O元素;R與T的核電荷數(shù)之和等于Q的核電荷數(shù)，且R原子的最外層電子數(shù)等于其單質(zhì)層數(shù)，則R是H，T是N元素;Y原子的最外層電子數(shù)等于其電子層數(shù)，且Y的原子序數(shù)大于O元素，則Y電子層數(shù)為3、其最外層電子數(shù)是3，則Y是Al元素;W與R同主族且W原子序數(shù)大于O而小于Al，則W為Na。
A.原子的電子層數(shù)越大，其原子半徑越大，同一周期元素中，原子半徑隨著原子序數(shù)的增大而減小，所以元素T、Q、W、Y的原子半徑大小為：Q
錯誤;B.元素Q與W形成的兩種常見化合物分別是Na2O、Na2O2，氧化鈉、過氧化鈉中含有相同比例的陰、陽離子，其陰陽離子之比為1：2，正確;C.Q與Y組成的常見物質(zhì)是Al2O3，氧化鋁是一種兩性物質(zhì)，錯誤;D.由Y和T組成的物質(zhì)AlN，AlN屬于原子晶體，在電子和陶瓷工業(yè)上有廣泛應(yīng)用，可以直接由單質(zhì)Y和T在高溫下生成，錯誤。
思路點撥:本題考查了元素位置結(jié)構(gòu)性質(zhì)的相互關(guān)系及應(yīng)用，明確原子結(jié)構(gòu)、元素周期表結(jié)構(gòu)是解本題關(guān)鍵，根據(jù)原子結(jié)構(gòu)確定元素，再結(jié)合物質(zhì)結(jié)構(gòu)、元素周期律來分析解答，注意過氧化鈉的陰陽離子分別是過氧根離子和鈉離子，為易錯點。
4.D
考點：鍵能、鍵長、鍵角及其應(yīng)用;原子核外電子排布;判斷簡單分子或離子的構(gòu)型.
分析：A.根據(jù)鍵長越短，鍵能越大判斷;
B.上下兩個頂點與中心R原子形成的鍵角為180°，中間為平面三角形，構(gòu)成三角形的鍵角為120°，頂點與平面形成的鍵角為90°;
C.RCl5RCl3+Cl2↑;
D.R原子最外層有5個電子，形成5個共用電子對.
解答：解：A.鍵長越短，鍵能越大，鍵長不同，所以鍵能不同，故A正確;
B.上下兩個頂點與中心R原子形成的鍵角為180°，中間為平面三角形，構(gòu)成三角形的鍵角為120°，頂點與平面形成的鍵角為90°，所以鍵角(Cl﹣R﹣Cl)有90°、120、180°幾種，故B正確;
C.RCl5RCl3+Cl2↑，則RCl5受熱后會分解生成分子立體結(jié)構(gòu)呈三角錐形的RCl3，故C正確;
D.R原子最外層有5個電子，形成5個共用電子對，所以RCl5中R的最外層電子數(shù)為10，不滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，故D錯誤.
故選D.
點評：本題考查了鍵角、鍵能、8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)等，題目難度不大，注意分析題目中分子的立體結(jié)構(gòu)圖.
5.C
考點：原子結(jié)構(gòu)與元素周期律的關(guān)系;原子結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì).
分析：短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，W、X原子的最外層電子數(shù)之比為4：3，由于為主族元素，最外層電子數(shù)不能為8，故W、X最外層電子數(shù)分別為4、3，且X原子序數(shù)較大，故W處于第二周期，X處于第三周期，可推知W為C元素、X為Al元素，Z原子比X原子的核外電子數(shù)多4，則Z為Cl，Y為Al到Cl之間的元素，據(jù)此解答.
解答：解：短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，W、X原子的最外層電子數(shù)之比為4：3，由于為主族元素，最外層電子數(shù)不能為8，故W、X最外層電子數(shù)分別為4、3，且X原子序數(shù)較大，故W處于第二周期，X處于第三周期，可推知W為C元素、X為Al元素，Z原子比X原子的核外電子數(shù)多4，則Z為Cl，Y為Al到Cl之間的元素.
A.若Y為Si，則電負(fù)性Si
B.同周期自左而右原子半徑減小，電子層越多原子半徑越大，故原子半徑X>Y>Z>W，故B錯誤;
C.Y、Cl形成的分子可以為SiCl4，為正四面體構(gòu)型，故C正確;
D.WY2分子應(yīng)為CS2，結(jié)構(gòu)式為S=C=S，分子中δ鍵與π鍵的數(shù)目之比是1：1，故D錯誤，
故選C.
點評：本題考查結(jié)構(gòu)性質(zhì)位置關(guān)系應(yīng)用，涉及原子電負(fù)性、半徑比較、化學(xué)鍵、分子結(jié)構(gòu)等，推斷元素是解題關(guān)鍵，注意Y元素的不確定性，難度中等.
6.B
考點：微粒半徑大小的比較;元素周期律的作用;元素電離能、電負(fù)性的含義及應(yīng)用;鍵能、鍵長、鍵角及其應(yīng)用.
專題：元素周期律與元素周期表專題.
分析：A.電子層結(jié)構(gòu)相同，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，電子層越多離子半徑越大;
B.非金屬性越強電負(fù)性越強，價含氧酸的酸性越強;
C.甲烷為正四面體，二氧化碳為直線型，水分子為V形，氧原子有2對孤電子對，孤電子對之間排斥大于成鍵電子對，鍵角小于甲烷，據(jù)此判斷鍵角;
D.離子電荷相同，離子半徑越大離子鍵越弱，物質(zhì)越不穩(wěn)定.
解答：解：A.F﹣、O2﹣、Na+電子層結(jié)構(gòu)相同，核電荷數(shù)越大離子半徑越小，故離子半徑O2﹣>F﹣>Na+，Li+電子層最少，故離子半徑最小，則微粒半徑：O2﹣>F﹣>Na+>Li+，故A錯誤;
B.非金屬性CC，酸性：HClO4>H2CO3，故B正確;
C.甲烷為正四面體，二氧化碳為直線型，水為V形，氧原子有2對孤電子對，孤電子對之間排斥大于成鍵電子對，故其鍵角小于甲烷，即分子中的鍵角：CO2>CH4>H2O，故C錯誤;
D.離子電荷相同，自上而下堿金屬離子半徑減小，故離子鍵強度LiCl>NaCl>KCl>RbCl，故穩(wěn)定性LiCl>NaCl>KCl>RbCl，故D錯誤，
故選B.
點評：本題考查微粒半徑比較、元素周期律、鍵參數(shù)、晶體類型與性質(zhì)等，注意根據(jù)價層電子對互斥理論判斷鍵角.
7.D
【知識點】原子結(jié)構(gòu)與元素周期率的關(guān)系
解析:X、Y、Z、W、M五種短周期元素，Y的單質(zhì)晶體熔點高、硬度大，是一種重要的半導(dǎo)體材料，可知Y為Si;X、Y、Z、W同周期，都處于第三周期，由X+與M2-具有相同的電子層結(jié)構(gòu)，可知X為Na、M為O;Z、M同主族，則Z為S;原子半徑：Z>W，則W為Cl。A.鈉和氧可以形成Na2O、Na2O2，故A錯誤;C.因水分子中存在氫鍵，所以水的沸點，沸點為H2O>HCl>H2S，故C錯誤;B.元素Y(Si)、Z(S)、W(Cl)的單質(zhì)晶體分別屬于原子晶體、分子晶體、分子晶體，故B錯誤;D.元素W和M的某些單質(zhì)如氯氣和臭氧可作為水處理中的消毒劑，正確。
【思路點撥】本題考查了位置結(jié)構(gòu)性質(zhì)關(guān)系應(yīng)用，難度中等，“Y是種重要的半導(dǎo)體材料、X+與M2-具有相同的電子層結(jié)構(gòu)”是推斷突破口，注意D選項中高純硅的制備原理，注意對基礎(chǔ)知識的積累掌握.
8.(1)①三角錐型;sp3;②3;
(2)①強;平面三角形;三角錐形;
②H2SeO3和H2SeO4可表示為(HO)2SeO和(HO)2SeO2，H2SeO3中的Se為+4價，而H2SeO4中的Se為+6價，正電性更高，導(dǎo)致Se﹣O﹣H中O的電子更向Se偏移，更易電離出H+.
考點：判斷簡單分子或離子的構(gòu)型;物質(zhì)的量的相關(guān)計算;同一主族內(nèi)元素性質(zhì)遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系;原子軌道雜化方式及雜化類型判斷.
分析：(1)①根據(jù)價層電子對互斥模型判斷分子空間構(gòu)型，根據(jù)中心原子價層電子對數(shù)判斷雜化方式;
②根據(jù)化學(xué)方程式計算產(chǎn)生的氮氣的物質(zhì)的量，再根據(jù)每個氮分子中含有2個π鍵計算;
(2)①非金屬性越強的元素，其與氫元素的結(jié)合能力越強，則其氫化物在水溶液中就越難電解，酸性就越弱;根據(jù)價層電子對互斥理論確定氣態(tài)SeO3分子的立體構(gòu)型、SO32﹣離子的立體構(gòu)型;
②根據(jù)中心元素Se的化合價可以判斷電性高低，電性越高，對Se﹣O﹣H中O原子的電子吸引越強，越易電離出H+.
解答：解：(1)①在NH3分子中，有3個N﹣H鍵，和一對孤電子對，根據(jù)價層電子對互斥模型判斷分子空間構(gòu)型為三角錐型，在N2H4中，氮原子價層電子對數(shù)為=4，所以氮原子的雜化方式為sp3雜化，故答案為：三角錐型;sp3;
②反應(yīng)中有4molN﹣H鍵斷裂，即有1molN2H4參加反應(yīng)，根據(jù)化學(xué)方程式可知產(chǎn)生的氮氣的物質(zhì)的量為1.5mol，而每個氮分子中含有2個π鍵，所以形成3molπ鍵，故答案為：3;
(2)①非金屬性越強的元素，其與氫元素的結(jié)合能力越強，則其氫化物在水溶液中就越難電解，酸性就越弱，非金屬性S>Se，所以H2Se的酸性比H2S強;
氣態(tài)SeO3分子中Se原子價層電子對個數(shù)是3且不含孤電子對，所以其立體構(gòu)型為平面三角形;
SO32﹣離子中S原子價層電子對個數(shù)=3+(6+2﹣3×2)=4且含有一個孤電子對，所以其立體構(gòu)型為三角錐形，
故答案為：強;平面三角形;三角錐形;
②H2SeO3和H2SeO4可表示成(HO)2SeO和(HO)2SeO2，H2SeO3中的Se為+4價，而H2SeO4中的Se為+6價，正電性更高，導(dǎo)致Se﹣O﹣H中O的電子更向Se偏移，越易電離出H+，H2SeO4比H2SeO3酸性強，
故答案為：H2SeO3和H2SeO4可表示為(HO)2SeO和(HO)2SeO2，H2SeO3中的Se為+4價，而H2SeO4中的Se為+6價，正電性更高，導(dǎo)致Se﹣O﹣H中O的電子更向Se偏移，更易電離出H+.
點評：本題主要考查了原子核外電子排布、分子空間構(gòu)型、原子雜化方式、化學(xué)鍵的計算等知識，難度不大，(1)解題中注意對分子結(jié)構(gòu)的分析.
9.(1)M94(2)二氧化硅(3)共價鍵3
(4)Mg2Si+4NH4Cl==SiH4+4NH3+2MgCl2
(5)①C—C鍵和C—H鍵較強，所形成的烷烴穩(wěn)定。而硅烷中Si—Si鍵和Si—H鍵的鍵能較低，易斷裂。導(dǎo)致長鏈硅烷難以生成
②C—H鍵的鍵能大于C—O鍵，C一H鍵比C—O鍵穩(wěn)定。而Si—H鍵的鍵能卻遠(yuǎn)小于Si—O鍵，所以Si—H鍵不穩(wěn)定而傾向于形成穩(wěn)定性更強的Si—O鍵
(6)sp31：3[SiO3]n2n-(或SiO32-)
知識點:物質(zhì)結(jié)構(gòu)與元素周期律
解析：(1)硅原子核外有14個電子，其基態(tài)原子的核外電子排布式為1s22s22p63s23p2，對應(yīng)能層分別別為K、L、M，其中能量的是最外層M層，該能層有s、p、d三個能級，s能級有1個軌道，p能級有3個軌道，d能級有5個軌道，所以共有9個原子軌道，硅原子的M能層有4個電子(3s23p2);
(2)硅元素在自然界中主要以化合態(tài)(二氧化硅和硅酸鹽)形式存在;
(3)硅晶體和金剛石晶體類似都屬于原子晶體，硅原子之間以共價鍵結(jié)合.在金剛石晶體的晶胞中，每個面心有一個碳原子(晶體硅類似結(jié)構(gòu))，根據(jù)均攤法知面心位置貢獻(xiàn)的原子為6×1/2=3個;
(4)Mg2Si和NH4Cl在液氨介質(zhì)中反應(yīng)制得SiH4、NH3和MgCl2，方程式為：Mg2Si+4NH4Cl=SiH4+4NH3+2MgCl2;
(5)①烷烴中的C-C鍵和C-H鍵大于硅烷中的Si-Si鍵和Si-H鍵的鍵能，所以硅烷中Si-Si鍵和Si-H鍵的鍵能易斷裂，導(dǎo)致長鏈硅烷難以生成;②鍵能越大、物質(zhì)就越穩(wěn)定，C-H鍵的鍵能大于C-O鍵，故C-H鍵比C-O鍵穩(wěn)定，而Si-H鍵的鍵能遠(yuǎn)小于Si-O鍵，所以Si-H鍵不穩(wěn)定而傾向于形成穩(wěn)定性更強的Si-O鍵;
(6)硅酸鹽中的硅酸根(SiO44−)為正四面體結(jié)構(gòu)，所以中心原子Si原子采取了sp3雜化方式;根據(jù)圖(b)的一個結(jié)構(gòu)單元中含有1個硅、3個氧原子，化學(xué)式為SiO32-。
思路點撥:雜化方式看物質(zhì)的結(jié)構(gòu)比如：直線型為sp，平面型為sp2，四面體型為sp3,或運用價電子對數(shù)計算法：對于ABm型分子(A為中心原子，B為配位原子)，分子的價電子對數(shù)可以通過下列計算確定：n=1/2(中心原子的價電子數(shù)+每個配位原子提供的價電子數(shù)×m)，配位原子中鹵素原子、氫原子提供1個價電子，氧原子和硫原子按不提供價電子計算;若為離子，須將離子電荷計算在內(nèi)：n=1/2(中心原子的價電子數(shù)+每個配位原子提供的價電子數(shù)×m±離子電荷數(shù))，陽離子取“-”，陰離子取“+”。根據(jù)價電子對數(shù)可以有以下結(jié)論：
分子價電子對數(shù)幾何構(gòu)型中心原子雜化類型
BeCl22直線型sp
BF33平面三角形sp2
SiCl44正四面體sp3
價層孤VS立體 SO330sp2平面三角 CH440sp3正四面體 NH4+40sp3正四面體 H2O42sp3V BF330sp2平面三角 CO32-30sp2平面三角 SO231sp2V NH341sp3三角錐
10.I.(1);F>N>O>C(2)CD(3)BDF
(3)根據(jù)其性質(zhì)可知應(yīng)為分子晶體，晶體中存在范德華力，Cr(CO)5為配位化合物，其中含有配位鍵，CO中存在碳氧極性鍵。
Ⅱ.(1)sp2;3;NO3-或CO32-.
(2)①[Cu(H2O)4SO4]·H2O②正四面體.
知識點:原子軌道雜化方式及雜化類型判斷，“等電子原理”的應(yīng)用，不同晶體的結(jié)構(gòu)微粒及微粒間作用力的區(qū)別，元素周期律和元素周期表的綜合應(yīng)用
答案解析:I(1);F>N>O>C(2)CD(3)BDF
(3)根據(jù)其性質(zhì)可知應(yīng)為分子晶體，晶體中存在范德華力，Cr(CO)5為配位化合物，其中含有配位鍵，CO中存在碳氧極性鍵。
Ⅱ.(1)sp2;3;NO3-或CO32-.
(2)①[Cu(H2O)4SO4]·H2O②正四面體.
解析：由元素在周期表中位置，可知A為氫、B為Be、C為碳、D為氮、E為氧、F為氟、G為Al、H為Cl、I為Cr、J為Fe. (1)I為Cr，核外電子數(shù)目為24，其核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d54s1，價電子排布圖為;同周期自左而右元素第一電離能呈增大趨勢，N元素原子各軌道處于全滿、半滿穩(wěn)定狀態(tài)，能量較低，第一電離能高于同周期相鄰元素，故第一電離能：F>N>O>C。
(2)元素A分別與C、D、E形成最簡單的常見化合物分子甲、乙和丙分別為CH4、NH3、H2O， A.CH4、NH3、H2O的空間構(gòu)型分別為正四面體形、三角錐形、V形，故A正確;B.CH4、NH3、H2O中，中心原子均價層電子對數(shù)均為4，均采取sp3的雜化方式，故B正確;C.由于排斥力：孤電子對-孤電子對>孤電子對-成鍵電子對>成鍵電子-成鍵電子，故鍵角甲烷>氨氣>水，故C錯誤;D.甲烷是非極性分子，故D錯誤。
Ⅱ.(1)BCl3中的B原子的價層電子對數(shù)是3且不含孤電子對，所以B原子屬于sp2雜化;同一周期元素中，元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而呈增大趨勢，但第IIA族、第VA族元素第一電離能大于相鄰元素，根據(jù)電離能的變化規(guī)律，半充滿的N原子和全充滿的Be原子第一電離能要比同周期原子序數(shù)大的原子高，故第一電離能介于B、N之間的第二周期元素有Be、C、O三種元素;BCl3互為等電子體的陰離子為：NO3-或CO32-。
(2)①根據(jù)其結(jié)構(gòu)示意圖可以得到膽礬的化學(xué)式為：[Cu(H2O)4SO4]·H2O。
②SO42-中中心原子S的價層電子對數(shù)=4+(6+2−2×4)/2=4、孤電子對數(shù)為0，為正四面體結(jié)構(gòu).
思路點撥:本題是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)的考查，涉及元素周期表、元素周期律、核外電子排布、分子結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、配合物、氫鍵等，難度中等，側(cè)重考查學(xué)生對知識的應(yīng)用，需要學(xué)生具備扎實的基礎(chǔ);物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，較為綜合，題目難度中等，本題注意把握晶格能的大小比較、空間構(gòu)型的判斷方法。