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第1頁
1-4CBBC
11.(1)ABC(2)不能合力為，超出了彈簧測力計(jì)的量程(每空2分)
12.(1)0.1(2)0.4(3)0.14(4)0.1(每空2分)
第2頁
1-4CDBA
13.解：(1)前1s時(shí)間內(nèi)的加速度
3分
(2)1s到4s時(shí)間內(nèi)的加速度，2分
1s到4s時(shí)間內(nèi)的位移
3分
(3)前1s時(shí)間內(nèi)的位移，2分
4s時(shí)間內(nèi)的平均速度，2分
14.解：(1)重物受力如圖。1分
將力分解，由物體的平衡條件有
水平方向上①2分
豎直方向上②2分
聯(lián)立兩式，代入數(shù)據(jù)解得兩根繩AC和BC上的拉力分別為
4分
(2)由①式知，若AC繩的拉力為150N，則BC繩上的拉力將達(dá)到，
超過了其100N的承受能力。2分
當(dāng)BC繩的拉力時(shí)，重物的重力為
2分
所以為了不使繩子被拉斷，重物的重力不應(yīng)超過115.5N。1分
第3頁
1BD2BCD
15.解：推木箱勻速前進(jìn)時(shí)，木箱受力如圖1。1分
由物體的平衡條件，有
Fcos37°=Ff12分
FN1=mg+Fsin37°2分
而Ff1=μFN11分
解以上三式得木箱與地面的動摩擦因數(shù)
μ=0.172分
拉木箱前進(jìn)時(shí)，木箱受力如圖2。1分
由牛頓第二定律，有
Fcos37°-Ff2=ma2分
FN2+Fsin37°=mg2分
而Ff2=μFN21分
解此三式得木箱的加速度
a=0.56m/s22分
第4頁
1-4DBBC
5.(1)甲 甲方案中摩擦力較小 (2)4.8m/s2 乙 (3)BC
6.(1)(2)(3)
第5頁
1-4BBCDABD
5.⑴設(shè)土星質(zhì)量為M0，顆粒質(zhì)量為m，顆粒距土星中心距離為r，線速度為v，根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律：解得：
對于A、B：和得：或
⑵設(shè)顆粒繞土星作圓周運(yùn)動的周期為T，則：
對于A、B兩顆粒分別有：和
得：或或
6.(1)初始時(shí)物體動能，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動能。
由A到B過程中，外力做功，
由動能定理，(動能定理列對的共得2分，下同)
得。
(2)如圖所示，設(shè)滑塊上升到D點(diǎn)時(shí)速度為0，所走距離為s1。
到達(dá)D點(diǎn)滑塊動能為，
由B到D的過程中，外力做功為
，
由動能定理，
求得。
由知，滑塊不能靜止在D點(diǎn)，將繼續(xù)向下運(yùn)動。
設(shè)滑塊最終停在水平軌道上的E點(diǎn)，BE間距離設(shè)為s2。
到E點(diǎn)時(shí)滑塊動能為，由D到E的過程中，外力做功為，
由動能定理，
求得。
第6頁
1-2ACDBCD
3設(shè)小球從圓弧頂點(diǎn)以速度拋出，經(jīng)過時(shí)間秒垂直落在斜面上，斜面的傾角為.如圖所示，則：
或..(1分)
......
....(1分)
或..
mg≤.......(1分)
即：或..........
所以，當(dāng)斜面角滿足或時(shí)，其設(shè)計(jì)是可行的.
當(dāng)小球在斜面上運(yùn)動到與圓弧頂端等高位置A點(diǎn)時(shí)，小球的速度為.
設(shè)此時(shí)小球下落高度為，根據(jù)動能定理，
..............
所以，小球下滑的高度距斜面底端
或...............
第7頁
1-4CBDA
5(1)在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)，位移差都相等(2)2.64
(3)12.6圖略;(4)打下A點(diǎn)時(shí)，小車的速度
6，5N，AD，BCl;
7，0，ma
第8頁
1-4BCAC
5
6A繩拉力80N;B繩拉力100N
第9頁
1-4ACD;AD;BC;CD;
5
第10頁
1
2
3
4
5
ACD
BC
BD
AC
C
6200m、10s
71×10N、20m/s
第11頁
1
2
3
4
5
CD
ABC
C
C
B
6角速度為ω，線速度為v;
長春角速度為ω,線速度為v
則ω=ω
由于r>r,v=ωr
則v>v
7(1)由h=1/2gt得t=√2h/g=2s
(2)由x=vt得x=30m
第12頁
1-4ACDA
5(1)600N
(2)840N
(3)以3m/s2的加速度勻減速上升或3m/s2的加速度勻加速下降
6解：解析 (1)因OB繩處于豎直方向，所以B球處于平衡狀態(tài)，AB繩上的拉力為零，OB繩對小球的拉力FOB=mg.
(2)A球在重力mg、水平拉力F和OA繩的拉力FOA三力作用下平衡，所以O(shè)A繩對小球的拉力FOA==2mg.
(3)作用力F=mgtan60°=mg.
答案 (1)mg (2)2mg (3)mg
第13頁
1-4DCBBC
5解：①受力如圖，豎直方向受力平衡
得FN=17N
物體與地面間的摩擦力大小為
②水平方向，由牛頓第二定律
得a=0.3m/s2
5s內(nèi)的位移為：
第14頁
1-4DCBCADBC
5根據(jù)牛頓第二定律得:
勻減速直線運(yùn)動的加速度:
根據(jù)牛頓第二定律得:
解得:F=30N，μ=0.5
第15頁
1.D2.C3.B
4.(1)AD(2)F′
解析 (1)同一次實(shí)驗(yàn)中，為保證作用效果相同，必須將結(jié)點(diǎn)O拉至同一位置，故A選項(xiàng)正確;計(jì)算合力用平行四邊形定則求得不必選用特殊角，故B選項(xiàng)錯誤;夾角越大，合力越小，實(shí)驗(yàn)誤差增大，故C選項(xiàng)錯誤;做實(shí)驗(yàn)時(shí)，必須使分力與合力在同一平面內(nèi)，故D選項(xiàng)正確.
(2)用一只彈簧測力計(jì)直接拉橡皮條的拉力方向一定沿AO方向，而用平行四邊形定則求出的合力F與AO的方向可能有偏差.
5.答案:(10分)⑴D⑵丙，C⑶，(4)0.46(4)解析:s4-s1=3aT2
a==m/s2=0.46m/s2.
第16頁
1.A2.C3.A
4.如圖所示，定滑輪只改變力的方向，不改變力的大小，
所以繩的拉力F1=F2=100N，
柱頂所受壓力大小F=2F1cos30°
得F=100N。
5答案 (1)做加速度越來越小的加速運(yùn)動 6m/s(2)5.6m/s2
解析 (1)以傘和運(yùn)動員作為研究對象，開始時(shí)速度較小，空氣阻力F小于重力G，v增大，F(xiàn)隨之增大，合力F合減小，做加速度a逐漸減小的加速運(yùn)動;
當(dāng)v足夠大，使F=G時(shí)，F(xiàn)合=0，a=0，開始做勻速運(yùn)動，此時(shí)的速度為收尾速度，設(shè)為vm.
由F=kv=G，
得vm===6m/s.
(2)當(dāng)v=4m/sF=kv2，
由牛頓第二定律F合=ma
得a=g-=10m/s2-m/s2≈5.6m/s2.
第17頁
1.C2.BC3.ABD
14.解：(1)由v=v0+at，甲車停止運(yùn)動的時(shí)間t1=2s
(2)時(shí)間t1內(nèi)，甲車的位移x甲=(v+v0)t1/2=10m
乙車的位移x乙=v0t1=20m
兩車相距Δx=30m
(3)相遇時(shí)間t2=(x0+x甲)/v0=5s
第18頁
1.AB2.CD3.AD
4解：(1)以冰車及小明為研究對象，由牛頓第二定律得
①
②
由①②得5m/s
(2)冰車勻加速運(yùn)動過程中有
③
冰車自由滑行時(shí)有
④
⑤
又⑥
由③④⑤⑥得50m
注：計(jì)算題其他解法正確均按步驟給分。
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1-4CBBC
11.(1)ABC(2)不能合力為，超出了彈簧測力計(jì)的量程(每空2分)
12.(1)0.1(2)0.4(3)0.14(4)0.1(每空2分)
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1-4CDBA
13.解：(1)前1s時(shí)間內(nèi)的加速度
3分
(2)1s到4s時(shí)間內(nèi)的加速度，2分
1s到4s時(shí)間內(nèi)的位移
3分
(3)前1s時(shí)間內(nèi)的位移，2分
4s時(shí)間內(nèi)的平均速度，2分
14.解：(1)重物受力如圖。1分
將力分解，由物體的平衡條件有
水平方向上①2分
豎直方向上②2分
聯(lián)立兩式，代入數(shù)據(jù)解得兩根繩AC和BC上的拉力分別為
4分
(2)由①式知，若AC繩的拉力為150N，則BC繩上的拉力將達(dá)到，
超過了其100N的承受能力。2分
當(dāng)BC繩的拉力時(shí)，重物的重力為
2分
所以為了不使繩子被拉斷，重物的重力不應(yīng)超過115.5N。1分
第3頁
1BD2BCD
15.解：推木箱勻速前進(jìn)時(shí)，木箱受力如圖1。1分
由物體的平衡條件，有
Fcos37°=Ff12分
FN1=mg+Fsin37°2分
而Ff1=μFN11分
解以上三式得木箱與地面的動摩擦因數(shù)
μ=0.172分
拉木箱前進(jìn)時(shí)，木箱受力如圖2。1分
由牛頓第二定律，有
Fcos37°-Ff2=ma2分
FN2+Fsin37°=mg2分
而Ff2=μFN21分
解此三式得木箱的加速度
a=0.56m/s22分
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1-4DBBC
5.(1)甲 甲方案中摩擦力較小 (2)4.8m/s2 乙 (3)BC
6.(1)(2)(3)
第5頁
1-4BBCDABD
5.⑴設(shè)土星質(zhì)量為M0，顆粒質(zhì)量為m，顆粒距土星中心距離為r，線速度為v，根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律：解得：
對于A、B：和得：或
⑵設(shè)顆粒繞土星作圓周運(yùn)動的周期為T，則：
對于A、B兩顆粒分別有：和
得：或或
6.(1)初始時(shí)物體動能，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動能。
由A到B過程中，外力做功，
由動能定理，(動能定理列對的共得2分，下同)
得。
(2)如圖所示，設(shè)滑塊上升到D點(diǎn)時(shí)速度為0，所走距離為s1。
到達(dá)D點(diǎn)滑塊動能為，
由B到D的過程中，外力做功為
，
由動能定理，
求得。
由知，滑塊不能靜止在D點(diǎn)，將繼續(xù)向下運(yùn)動。
設(shè)滑塊最終停在水平軌道上的E點(diǎn)，BE間距離設(shè)為s2。
到E點(diǎn)時(shí)滑塊動能為，由D到E的過程中，外力做功為，
由動能定理，
求得。
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1-2ACDBCD
3設(shè)小球從圓弧頂點(diǎn)以速度拋出，經(jīng)過時(shí)間秒垂直落在斜面上，斜面的傾角為.如圖所示，則：
或..(1分)
......
....(1分)
或..
mg≤.......(1分)
即：或..........
所以，當(dāng)斜面角滿足或時(shí)，其設(shè)計(jì)是可行的.
當(dāng)小球在斜面上運(yùn)動到與圓弧頂端等高位置A點(diǎn)時(shí)，小球的速度為.
設(shè)此時(shí)小球下落高度為，根據(jù)動能定理，
..............
所以，小球下滑的高度距斜面底端
或...............
第7頁
1-4CBDA
5(1)在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)，位移差都相等(2)2.64
(3)12.6圖略;(4)打下A點(diǎn)時(shí)，小車的速度
6，5N，AD，BCl;
7，0，ma
第8頁
1-4BCAC
5
6A繩拉力80N;B繩拉力100N
第9頁
1-4ACD;AD;BC;CD;
5
第10頁
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ACD
BC
BD
AC
C
6200m、10s
71×10N、20m/s
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CD
ABC
C
C
B
6角速度為ω，線速度為v;
長春角速度為ω,線速度為v
則ω=ω
由于r>r,v=ωr
則v>v
7(1)由h=1/2gt得t=√2h/g=2s
(2)由x=vt得x=30m
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1-4ACDA
5(1)600N
(2)840N
(3)以3m/s2的加速度勻減速上升或3m/s2的加速度勻加速下降
6解：解析 (1)因OB繩處于豎直方向，所以B球處于平衡狀態(tài)，AB繩上的拉力為零，OB繩對小球的拉力FOB=mg.
(2)A球在重力mg、水平拉力F和OA繩的拉力FOA三力作用下平衡，所以O(shè)A繩對小球的拉力FOA==2mg.
(3)作用力F=mgtan60°=mg.
答案 (1)mg (2)2mg (3)mg
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1-4DCBBC
5解：①受力如圖，豎直方向受力平衡
得FN=17N
物體與地面間的摩擦力大小為
②水平方向，由牛頓第二定律
得a=0.3m/s2
5s內(nèi)的位移為：
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1-4DCBCADBC
5根據(jù)牛頓第二定律得:
勻減速直線運(yùn)動的加速度:
根據(jù)牛頓第二定律得:
解得:F=30N，μ=0.5
第15頁
1.D2.C3.B
4.(1)AD(2)F′
解析 (1)同一次實(shí)驗(yàn)中，為保證作用效果相同，必須將結(jié)點(diǎn)O拉至同一位置，故A選項(xiàng)正確;計(jì)算合力用平行四邊形定則求得不必選用特殊角，故B選項(xiàng)錯誤;夾角越大，合力越小，實(shí)驗(yàn)誤差增大，故C選項(xiàng)錯誤;做實(shí)驗(yàn)時(shí)，必須使分力與合力在同一平面內(nèi)，故D選項(xiàng)正確.
(2)用一只彈簧測力計(jì)直接拉橡皮條的拉力方向一定沿AO方向，而用平行四邊形定則求出的合力F與AO的方向可能有偏差.
5.答案:(10分)⑴D⑵丙，C⑶，(4)0.46(4)解析:s4-s1=3aT2
a==m/s2=0.46m/s2.
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1.A2.C3.A
4.如圖所示，定滑輪只改變力的方向，不改變力的大小，
所以繩的拉力F1=F2=100N，
柱頂所受壓力大小F=2F1cos30°
得F=100N。
5答案 (1)做加速度越來越小的加速運(yùn)動 6m/s(2)5.6m/s2
解析 (1)以傘和運(yùn)動員作為研究對象，開始時(shí)速度較小，空氣阻力F小于重力G，v增大，F(xiàn)隨之增大，合力F合減小，做加速度a逐漸減小的加速運(yùn)動;
當(dāng)v足夠大，使F=G時(shí)，F(xiàn)合=0，a=0，開始做勻速運(yùn)動，此時(shí)的速度為收尾速度，設(shè)為vm.
由F=kv=G，
得vm===6m/s.
(2)當(dāng)v=4m/sF=kv2，
由牛頓第二定律F合=ma
得a=g-=10m/s2-m/s2≈5.6m/s2.
第17頁
1.C2.BC3.ABD
14.解：(1)由v=v0+at，甲車停止運(yùn)動的時(shí)間t1=2s
(2)時(shí)間t1內(nèi)，甲車的位移x甲=(v+v0)t1/2=10m
乙車的位移x乙=v0t1=20m
兩車相距Δx=30m
(3)相遇時(shí)間t2=(x0+x甲)/v0=5s
第18頁
1.AB2.CD3.AD
4解：(1)以冰車及小明為研究對象，由牛頓第二定律得
①
②
由①②得5m/s
(2)冰車勻加速運(yùn)動過程中有
③
冰車自由滑行時(shí)有
④
⑤
又⑥
由③④⑤⑥得50m
注：計(jì)算題其他解法正確均按步驟給分。